物理高中題
1. 高中物理題
分析：（1）粒子進入磁場後，由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運動，由牛頓第二定律求出軌跡半徑表達式．當粒子打在收集板D的A點時，軌跡半徑最小，粒子速度最小，在M、N間所加電壓最小；當粒子打在收集板D的C點時，軌跡半徑最大，粒子速度最大，在M、N間所加電壓最大；由幾何知識求出半徑，再求解電壓的范圍．（2）粒子從s1開始運動到打在D的中點上經歷的時間分三段：加速電場中，由運動學平均速度法求出時間；磁場中根據時間與周期的關系求解時間；射出磁場後粒子做勻速直線運動，由速度公式求解時間，再求解總時間．解:(1)粒子進入磁場後在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動,設此時其速度大小為v,軌道半徑為r,根據牛頓第二定律得：qvB=mv2r 粒子在M、N之間運動,根據動能定理得：qU=12mv2， 聯立解得：U=qB2r22m 當粒子打在收集板D的A點時,經歷的時間最長,由幾何關系可知粒子在磁場中運動的半徑r1=3√3R,此時M、N間的電壓最小,為U1=qB2R26m 當粒子打在收集板D的C點時,經歷的時間最短,由幾何關系可知粒子在磁場中運動的半徑r2=3√R,此時M、N間的電壓最大,為U2=3qB2R22m 要使粒子能夠打在收集板D上,在M、N間所加電壓的范圍為qB2R26m?U?3qB2R22m. (2)根據題意分析可知,當粒子打在收集板D的中點上時,根據幾何關系可以求得粒子在磁場中運動的半徑r0=R,粒子進入磁場時的速度v0=qBr0m 粒子在電場中運動的時間：t1=Rv02 粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期T=2πr0v0=2πmqB 粒子在磁場中經歷的時間t2=14T 粒子出磁場後做勻速直線運動經歷的時間t3=Rv0 所以粒子從s1運動到A點經歷的時間為t=t1+t2+t3=(6+π)m2qB 答： (1)要使粒子能夠打在收集板D上,在M、N間所加電壓的范圍為qB2R26m?U?3qB2R22m； (2)若粒子恰好打在收集板D的中點上,粒子從s1開始運動到打在D的中點上經歷的時間是(6+π)m2qB.
2. 高中物理題
提問問題的人來，只發了一個自題號，第16題，這不知道是哪裡的第十六題，也不知道哪本書里的，不知道是哪種類型的題，也不清楚考的哪種知識點，希望下次提問問題的時候，可以發一張問題的照片，也可以手打上去字，也是可以的。
3. 一個高中物理題
A錯誤，衛星的軌道高度與衛星本身的質量無關
B正確，軌道高度越小的衛星周期越短回，因為它速度快答且軌道周長短
C錯誤，軌道高度越高加速度越小，題目中說了北斗二號衛星群中，軌道高度有比北斗一號高的，也有比北斗一號低的，所以C錯誤
D錯誤，軌道高度越高的衛星線速度越小
4. 高中物理題目
滑塊在A上運動抄還未到達B時襲A一動B就會被推著動，所以你應該把AB看成一個整體來分析。直到滑塊到了B上面由於A已經沒有滑塊給的摩擦力了，而B有，這時候AB就分離了。
（1）小滑塊對木板A的摩擦力：
f1=μ1mg=0.4×1×10=4N
木板A與B整體受到地面的最大靜摩擦力：
f2=μ2（2m+MA）g=0.1×（2×1+3）=5N
f1＜f2，小滑塊滑上木板A後，木板A保持靜止
設小滑塊滑動的加速度為a1，則：
F-μ1mg=ma1
根據運動學公式，有：
l=a1
解得：
t1=1s
（2）設小滑塊滑上B時，小滑塊速度v1，B的加速度a2，經過時間t2滑塊與B速度脫離，滑塊的位移x塊，B的位移xB，B的最大速度v2，則：
μ1mg-2μ2mg=ma2
vB=a2t2
xB=a2
v1=a1t1
x塊=v1t2+a1
x塊-xB=l
聯立解得：vB=1m/s
答：（1）小滑塊在木板A上運動的時間為1s；（2）木板B獲得的最大速度為1m/s．另外，如果地面是光滑的可以考慮使用動量定理。
5. 高中物理題
……以後注意下問問題時的邏輯，甲中的物體到乙哪裡會停下來。不過大概應該能明白你的意思，題目是這樣的，甲以初速度0.6m/s滑上乙，此時乙是不是有速度，甲也有速度，那麼你就要注意一點了，摩擦力只有一個，它與甲相對於乙的速度相反，而不是與甲本身的速度相反，我們以乙為參考系，乙就是靜止的，甲的速度方向就是這樣子的（下圖有），此時甲受到的摩擦力與合速度方向相反，然後用這個速度除以它摩擦力，得出的時間就是物體與傳送帶乙相對靜止的時候，至於你算的0.2s，很明顯你是沒有分析好物體到達傳送帶乙時所受摩擦力方向，上面已提到其方向（望採納）
6. 高中物理題
題目說的很清楚，是C、D之間的導線【長度】，要注意，CD只能是垂直於螺線管軸線的，圖中並未畫出導線的具體位置。導線必須是固定在電流天平托盤上，放入磁場時必須使CD與磁場垂直，通電後CD受到的安培力與砝碼重力平衡。
7. 高中物理題
這應該是比較靠譜的方法了。挺難想的。
滿意求採納！
8. 高中物理題
根據機械能守恆，如果物體到達的最高點沒有超過O點的高度，就會順著軌道滑回去，
如果物體超過O點的高度，且到達半圓軌道的最高點時的速度滿足：mv²/R≥mg，則物體會由軌道最高點平拋出去，
如果物體超過O點的高度，且到達半圓軌道的最高點時的速度滿足：mv²/R<mg，則物體會脫離軌道（實際上到達不了軌道最高點）。
如果物體超過O點的高度，且到達不了半圓軌道的最高點，當然物體也會脫離軌道。
9. 高中物理題
金屬棒沿導軌向下切割磁感線時產生感應電動勢，電容器就會被充電，使得電荷版通過電
金屬棒形成電流權。因此在運動過程中，金屬棒會受重力，支持力，摩擦力和安培力。由右手定則判斷出感應電流的方向後，再根據左手定則可知安培力方向是沿導軌向上。
假設在時間dt內，金屬棒的速度增加了dv，那麼感應電動勢的增量dE=BLdv。由於不計電阻，電容器兩端的電壓與電源電動勢始終相等，因此在dt的時間內，電容器帶電量的增量dQ=CdE=CBLdv。而dQ/dv=CBL就是直線斜率，所以Q和v的關系式就是Q=CBLv，第一問解決。
根據電流的定義式，通過金屬棒的瞬時電流I=dQ/dt=CBLdv/dt，而dv/dt恰好是金屬棒的瞬時加速度a，所以I=CBLa。
又根據牛頓第二定律，mgsinθ-μmgcosθ-F安=ma。把F安用BIL代替，解得a=(mgsinθ-μmgcosθ)/(m+B²L²C)。可以看到式子右邊全是常數，所以a是個常數，即金屬棒做的是勻加速運動。
根據v=at，把a的表達式代進來，就是v=(mgsinθ-μmgcosθ)/(m+B²L²C)*t，第二問解決。
10. 高中物理題
個人意見，僅供參考。
浮筒式發電燈塔發電原理相當於圓形的線圈上下切割磁感線，產生感應電動勢。因此感應電動勢E＝NBLv。其中L為線圈的周長πD，因此代入後得到電動勢的瞬時值表達式e＝200×0.2×π×0.4×0.4πsin（πt）＝64sin（πt）A正確。
上式中64v相當於電動勢最大值，因此電流最大值＝64╱15+1＝4A，所以電流瞬時值表達式為i＝4sin（πt）B錯誤。
電路中電流有效值I＝4╱√2＝2√2A，因此燈泡功率P＝I²R＝120w。C正確。
燈泡兩端電壓U＝IR＝30√2V。D錯誤。